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(七星關區北大附屬實驗學校,貴州 畢節 551700)
圖1
1)用x分別表示矩形ABCD、曲邊梯形ABED及矩形ABEF的面積,并用不等式表示它們的大小關系;
(2018年全國數學高考卷Ⅲ理科試題第21題)
本題題型結構新穎,知識覆蓋廣泛,主要以函數為載體,以導數為工具,是一道考查學生識圖、邏輯和分析能力的綜合題.
1)解根據圖1易知
2)解法1(構造函數法,運用數形結合正確判斷導函數的正負是關鍵,此法好想不好做.)
構造函數φ(x)=(1+x)lnx+2a(1-x),其中x∈(0,1),則φ(x)<0在(0,1)上恒成立,對函數φ(x)求導得
再構造函數k(x)=xlnx+(1-2a)x+1,則
k′(x)=lnx+2-2a.
①當2-2a<0,即a>1時k′(x)<0,此時y=k(x)在(0,1)上單調遞減,且k(1)=2-2a,從而
k(x)>2-2a.
當x→0+時,k(x)→1,因此存在x0∈(0,1),使得k(x)=0,即當x∈(0,x0)時,k(x)>0,從而φ′(x)>0,于是y=φ(x)在(0,x0)上單調遞增;當x∈(x0,1)時,k(x)<0,從而φ′(x)<0,于是y=φ(x)在(x0,1)上單調遞減,又φ(1)=0,當x∈(x0,1)時,φ(x)>φ(1)=0,與題意相矛盾,故a>1不符合題意.
②當2-2a=0,即a=1時,k′(x)<0,從而y=k(x)在(0,1)上單調遞減,于是
k(x)>k(1)=2-2a=0,
即φ′(x)>0,因此y=φ(x)在(0,1)上單調遞增,進而φ(x)<φ(1)=0,滿足題意,故a=1符合題意.
k′(x) 又k′(1)=2-2a>0,則當x→0+時,k′(x)→-∞,因此存在x0∈(0,1),使得k′(x)=0,即 lnx0+2-2a=0, 亦即 lnx0=2a-2. 當x∈(0,x0)時,k′(x)<0,從而y=k(x)在(0,x0)上單調遞減;當x∈(x0,1)時,k′(x)>0,從而y=k(x)在(x0,1)上單調遞增,于是 k(x)min=k(x0)=x0lnx0+(1-2a)x0+1= x0(2a-2)+(1-2a)x0+1=1-x0>0, 因此φ′(x)>0,即y=φ(x)在(0,1)上單調遞增,進而φ(x)<φ(1)=0,滿足題意,故0 綜上所述,所求a的取值范圍是(0,1]. 解法2(構造函數法,函數的構造形式不易想到,此法好做不好想.) 對g(x)求導得 令h(x)=x2+(2-4a)x+1,其判別式 Δ=(2-4a)2-4=16a(a-1). ①當Δ≤0,即0 ②當Δ>0,即a>1時,不難發現 h(0)=1,h(1)=4(1-a)<0, 從而存在x0∈(0,1)使得h(x)=0,于是當x∈(0,x0)時,h(x)>0,即g′(x)>0,y=g(x)在(0,x0)上單調遞增;當x∈(x0,1)時,h(x)<0,即g′(x)<0,y=g(x)在(x0,1)上單調遞減,從而g(x0)>g(1)=0,與題意相矛盾,故a>1不符合題意. 綜上所述,所求a的取值范圍是(0,1]. 解法3(分離參數法,通稱分離變量法,分離變量后就轉化為求函數定義域和值域問題,此法既好想也好做.) 令t(x)=x2-1-2xlnx,則 t′(x)=2x-2(lnx+1)=2x-2lnx-2. t′(x)>t′(1)=0, 因此y=t(x)在(0,1)上單調遞增,進而 t(x) 即G′(x)<0在(0,1)上恒成立,亦即y=G(x)在(0,1)上單調遞減,故G(x)>G(1)在(0,1)上恒成立. 由洛必達法則,得 從而2a≤2,又a>0,于是所求a的取值范圍是(0,1]. 3)證法1(構造“形似”函數,結合分析法,通過“要證,只需證”得到等價轉化.) 從而 于是 證法2(放縮法,巧用問題中的函數,簡單放縮.) 從而 于是 故